此條目頁的主題是小於等於
n 的正整數中與
n 互質 的數的數目。關於形式為
ϕ
(
q
)
=
∏
k
=
1
∞
(
1
−
q
k
)
{\displaystyle \phi (q)=\prod _{k=1}^{\infty }(1-q^{k})}
的函數，請見「
歐拉函數 (複變函數) 」。
當n 為1至1000的整數時
φ
(
n
)
{\displaystyle \varphi (n)}
在數論 中，對正整數 n ，歐拉函數
φ
(
n
)
{\displaystyle \varphi (n)}
n 的正整數中與n 互質 的數的數目。此函數 以其首名研究者歐拉 命名，它又稱為φ函數 （由高斯 所命名）或是歐拉總計函數 [ 1] 西爾維斯特 所命名）。
例如
φ
(
8
)
=
4
{\displaystyle \varphi \left(8\right)=4}
互質 。
歐拉函數實際上是模n 的同餘類 所構成的乘法群 （即環
Z
/
n
Z
{\displaystyle \mathbb {Z} /n\mathbb {Z} }
單位元 組成的乘法群）的階 。這個性質與拉格朗日定理 一起構成了歐拉定理 的證明。
1736年，歐拉證明了費馬小定理 [ 2]
假若
p
{\displaystyle p}
a
{\displaystyle a}
a
p
−
a
{\displaystyle a^{p}-a}
p
{\displaystyle p}
然後歐拉予以一般化：
假若
a
{\displaystyle a}
n
{\displaystyle n}
a
φ
(
n
)
−
1
{\displaystyle a^{\varphi (n)}-1}
n
{\displaystyle n}
a
φ
(
n
)
≡
1
(
mod
n
)
{\displaystyle a^{\varphi (n)}\equiv 1{\pmod {n}}}
其中
φ
(
n
)
{\displaystyle \varphi (n)}
n
{\displaystyle n}
φ
(
n
)
=
n
−
1
{\displaystyle \varphi (n)=n-1}
[ 3]
假若
p
{\displaystyle p}
a
{\displaystyle a}
p
{\displaystyle p}
a
{\displaystyle a}
p
{\displaystyle p}
a
p
−
1
≡
1
(
mod
p
)
{\displaystyle a^{p-1}\equiv 1{\pmod {p}}}
以下為
n
{\displaystyle n}
1
{\displaystyle 1}
100
{\displaystyle 100}
φ
(
n
)
{\displaystyle \varphi (n)}
φ (n )1 ≤ n ≤ 100
+
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
0
1
1
2
2
4
2
6
4
6
4
10
10
4
12
6
8
8
16
6
18
8
20
12
10
22
8
20
12
18
12
28
8
30
30
16
20
16
24
12
36
18
24
16
40
40
12
42
20
24
22
46
16
42
20
50
32
24
52
18
40
24
36
28
58
16
60
60
30
36
32
48
20
66
32
44
24
70
70
24
72
36
40
36
60
24
78
32
80
54
40
82
24
64
42
56
40
88
24
90
72
44
60
46
72
32
96
42
60
40
若
n
{\displaystyle n}
標準分解
p
1
k
1
p
2
k
2
⋯
p
r
k
r
{\displaystyle p_{1}^{k_{1}}p_{2}^{k_{2}}\cdots p_{r}^{k_{r}}}
p
i
{\displaystyle p_{i}}
k
i
≥
1
{\displaystyle k_{i}\geq 1}
φ
(
n
)
=
p
1
k
1
−
1
p
2
k
2
−
1
⋯
p
r
k
r
−
1
(
p
1
−
1
)
(
p
2
−
1
)
⋯
(
p
r
−
1
)
,
{\displaystyle \varphi (n)=p_{1}^{k_{1}-1}p_{2}^{k_{2}-1}\cdots p_{r}^{k_{r}-1}(p_{1}-1)(p_{2}-1)\cdots (p_{r}-1),}
亦可等價地寫成
φ
(
n
)
=
n
(
1
−
1
p
1
)
(
1
−
1
p
2
)
⋯
(
1
−
1
p
r
)
.
{\displaystyle \varphi (n)=n\left(1-{\frac {1}{p_{1}}}\right)\left(1-{\frac {1}{p_{2}}}\right)\cdots \left(1-{\frac {1}{p_{r}}}\right).}
此結果可由
φ
{\displaystyle \varphi }
積性
最簡單的情況有
φ
(
1
)
=
1
{\displaystyle \varphi (1)=1}
一般地，若n 是質數 p 的k 次冪 ，則
φ
(
n
)
=
φ
(
p
k
)
=
p
k
−
p
k
−
1
=
(
p
−
1
)
p
k
−
1
{\displaystyle \varphi (n)=\varphi (p^{k})=p^{k}-p^{k-1}=(p-1)p^{k-1}}
p 的倍數 外，其他數都跟n 互質。
歐拉函數是積性函數 ，即是說若m ,n 互質，則
φ
(
m
n
)
=
φ
(
m
)
φ
(
n
)
{\displaystyle \varphi (mn)=\varphi (m)\varphi (n)}
中國剩餘定理 有較簡略的證明：設A , B , C 是跟m , n , mn 互質的數的集，據中國剩餘定理 ，
A
×
B
{\displaystyle A\times B}
C
{\displaystyle C}
雙射 （一一對應）關係，因此兩者元素個數相等。
較詳細的證明如下：
設
N
<
m
n
{\displaystyle N<mn}
N
=
k
1
m
+
p
=
k
2
n
+
q
{\displaystyle N=k_{1}m+p=k_{2}n+q}
N
{\displaystyle N}
m
n
{\displaystyle mn}
N
{\displaystyle N}
m
{\displaystyle m}
n
{\displaystyle n}
(
k
1
m
+
p
,
m
)
=
(
p
,
m
)
,
(
k
2
n
+
q
,
n
)
=
(
q
,
n
)
{\displaystyle (k_{1}m+p,m)=(p,m),(k_{2}n+q,n)=(q,n)}
p
,
q
{\displaystyle p,q}
m
,
n
{\displaystyle m,n}
N
{\displaystyle N}
m
n
{\displaystyle mn}
N
{\displaystyle N}
m
n
{\displaystyle mn}
p
,
q
{\displaystyle p,q}
m
,
n
{\displaystyle m,n}
由中國剩餘定理 ，方程組
{
N
≡
p
(
mod
m
)
N
≡
q
(
mod
n
)
{\displaystyle \left\{{\begin{matrix}N\equiv p{\pmod {m}}\\N\equiv q{\pmod {n}}\\\end{matrix}}\right.}
的通解可以寫成
N
=
k
m
n
+
p
t
1
n
+
q
t
2
m
(
k
∈
Z
)
,
{\displaystyle N=kmn+pt_{1}n+qt_{2}m\ (k\in \mathbb {Z} ),}
t
1
,
t
2
{\displaystyle t_{1},t_{2}}
(
p
,
q
)
{\displaystyle (p,q)}
0
<
p
≤
m
,
0
<
q
≤
n
,
(
p
,
m
)
=
1
,
(
q
,
n
)
=
1
{\displaystyle 0<p\leq m,\ 0<q\leq n,\ (p,m)=1,\ (q,n)=1}
m
n
{\displaystyle mn}
m
n
{\displaystyle mn}
N
{\displaystyle N}
由
φ
{\displaystyle \varphi }
乘法原理 ），前一種數對
(
p
,
q
)
{\displaystyle (p,q)}
φ
(
m
)
φ
(
n
)
{\displaystyle \varphi (m)\varphi (n)}
N
{\displaystyle N}
φ
(
m
n
)
{\displaystyle \varphi (mn)}
所以，
φ
(
m
n
)
=
φ
(
m
)
φ
(
n
)
.
{\displaystyle \varphi (mn)=\varphi (m)\varphi (n).}
結合以上兩小節的結果可得：若
n
{\displaystyle n}
質因數分解式
n
=
p
1
k
1
p
2
k
2
⋯
p
r
k
r
{\displaystyle n=p_{1}^{k_{1}}p_{2}^{k_{2}}\cdots p_{r}^{k_{r}}}
φ
(
n
)
=
φ
(
∏
i
=
1
r
p
i
k
i
)
=
∏
i
=
1
r
φ
(
p
i
k
i
)
（ 積 性 ）
=
∏
i
=
1
r
p
i
k
i
−
1
(
p
i
−
1
)
（ 質 數 冪 處 取 值 ）
=
n
∏
i
=
1
r
(
1
−
1
p
i
)
.
{\displaystyle \quad {\begin{aligned}\varphi (n)&=\varphi \left(\prod _{i=1}^{r}p_{i}^{k_{i}}\right)\\&=\prod _{i=1}^{r}\varphi \left(p_{i}^{k_{i}}\right)&{\text{（ 積 性 ）}}\\&=\prod _{i=1}^{r}p_{i}^{k_{i}-1}(p_{i}-1)&{\text{（ 質 數 冪 處 取 值 ）}}\\&=n\prod _{i=1}^{r}\left(1-{\frac {1}{p_{i}}}\right).\end{aligned}}}
計算
72
=
2
3
×
3
2
{\displaystyle 72=2^{3}\times 3^{2}}
φ
(
72
)
=
φ
(
2
3
×
3
2
)
=
2
3
−
1
(
2
−
1
)
×
3
2
−
1
(
3
−
1
)
=
2
2
×
1
×
3
×
2
=
24.
{\displaystyle \varphi (72)=\varphi (2^{3}\times 3^{2})=2^{3-1}(2-1)\times 3^{2-1}(3-1)=2^{2}\times 1\times 3\times 2=24.}
n 的歐拉函數
φ
(
n
)
{\displaystyle \varphi (n)}
循環群 C n 生成元 的個數（也是n 階分圓多項式 的次數）。C n C n 子群 ，即必然是某個子群的生成元。而且按照定義，不同的子群不可能有相同的生成元。此外， C n C d d 整除 n （記作d | n ）。因此只要考察n 的所有因數 d ，將 C d C n n 。也就是說：
∑
d
∣
n
φ
(
d
)
=
n
{\displaystyle \sum _{d\mid n}\varphi (d)=n}
其中的d 為n 的正約數。
運用默比烏斯反轉公式 來「翻轉」這個和，就可以得到另一個關於
φ
(
n
)
{\displaystyle \varphi (n)}
φ
(
n
)
=
∑
d
∣
n
d
⋅
μ
(
n
/
d
)
{\displaystyle \varphi (n)=\sum _{d\mid n}d\cdot \mu (n/d)}
其中 μ 是所謂的默比烏斯函數 ，定義在正整數 上。
對任何兩個互質 的正整數a , m （即 gcd(a ,m ) = 1），
m
≥
2
{\displaystyle m\geq 2}
a
φ
(
m
)
≡
1
(
mod
m
)
{\displaystyle a^{\varphi (m)}\equiv 1{\pmod {m}}}
即歐拉定理 。
這個定理可以由群論中的拉格朗日定理 得出，因為任意與m 互質的a 都屬於環
Z
/
n
Z
{\displaystyle \mathbb {Z} /n\mathbb {Z} }
Z
/
n
Z
×
{\displaystyle \mathbb {Z} /n\mathbb {Z} ^{\times }}
當m 是質數 p 時，此式則為：
a
p
−
1
≡
1
(
mod
p
)
{\displaystyle a^{p-1}\equiv 1{\pmod {p}}}
即費馬小定理 。
歐拉商數 （totient number）指的是歐拉函數的值，也就是說，若m n φ (n ) = m m [ 4] 非歐拉商數 [ 5] [ 6]
不大於x
x
log
x
e
(
C
+
o
(
1
)
)
(
log
log
log
x
)
2
{\displaystyle {\frac {x}{\log x}}e^{{\big (}C+o(1){\big )}(\log \log \log x)^{2}}}
其中C = 0.8178146...[ 7]
考慮重複度，那麼不大於x
|
{
n
:
φ
(
n
)
≤
x
}
|
=
ζ
(
2
)
ζ
(
3
)
ζ
(
6
)
⋅
x
+
R
(
x
)
{\displaystyle {\Big \vert }\{n:\varphi (n)\leq x\}{\Big \vert }={\frac {\zeta (2)\zeta (3)}{\zeta (6)}}\cdot x+R(x)}
其中對任意正數k R x / (log x )k [ 8]
目前已知對於任意的δ < 0.55655m m δ [ 9] [ 10]
Ford (1999) harvtxt error: no target: CITEREFFord1999 (help ) 證明說對於任意整數k ≥ 2m k φ (n ) = m k 瓦茨瓦夫·謝爾賓斯基 所猜測，[ 11] Schinzel猜想H [ 7] [ 7] [ 10]
然而，沒有任何數字m k = 1卡邁克爾猜想的歐拉函數猜想 m k = 1[ 12]
完全歐拉商數（perfect totient number）是一個等同於其歐拉函數迭代總和的整數，也就是說，如果將歐拉函數套用在一個正整數
n
{\displaystyle n}
n
{\displaystyle n}
n
{\displaystyle n}
以下兩個由歐拉函數生成的級數都是來自於上節所給出的性質：
∑
d
|
n
φ
(
d
)
=
n
{\displaystyle \sum _{d|n}\varphi (d)=n}
由
φ
{\displaystyle \varphi }
n )生成的狄利克雷級數 是：
∑
n
=
1
∞
φ
(
n
)
n
s
=
ζ
(
s
−
1
)
ζ
(
s
)
.
{\displaystyle \sum _{n=1}^{\infty }{\frac {\varphi (n)}{n^{s}}}={\frac {\zeta (s-1)}{\zeta (s)}}.}
其中ζ(s )是黎曼ζ函數 。推導過程如下：
ζ
(
s
)
∑
f
=
1
∞
φ
(
f
)
f
s
=
(
∑
g
=
1
∞
1
g
s
)
(
∑
f
=
1
∞
φ
(
f
)
f
s
)
{\displaystyle \zeta (s)\sum _{f=1}^{\infty }{\frac {\varphi (f)}{f^{s}}}=\left(\sum _{g=1}^{\infty }{\frac {1}{g^{s}}}\right)\left(\sum _{f=1}^{\infty }{\frac {\varphi (f)}{f^{s}}}\right)}
.
=
∑
h
=
1
∞
(
∑
f
g
=
h
1
⋅
φ
(
g
)
)
1
h
s
{\displaystyle .\ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ =\sum _{h=1}^{\infty }\left(\sum _{fg=h}1\cdot \varphi (g)\right){\frac {1}{h^{s}}}}
.
=
∑
h
=
1
∞
(
∑
f
g
=
h
φ
(
g
)
)
1
h
s
=
∑
h
=
1
∞
(
∑
d
|
h
φ
(
d
)
)
1
h
s
{\displaystyle .\ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ =\sum _{h=1}^{\infty }\left(\sum _{fg=h}\varphi (g)\right){\frac {1}{h^{s}}}=\sum _{h=1}^{\infty }\left(\sum _{d|h}\varphi (d)\right){\frac {1}{h^{s}}}}
使用開始時的等式，就得到：
∑
h
=
1
∞
(
∑
d
|
h
φ
(
d
)
)
1
h
s
=
∑
h
=
1
∞
h
h
s
{\displaystyle \sum _{h=1}^{\infty }\left(\sum _{d|h}\varphi (d)\right){\frac {1}{h^{s}}}=\sum _{h=1}^{\infty }{\frac {h}{h^{s}}}}
於是
∑
h
=
1
∞
h
h
s
=
ζ
(
s
−
1
)
{\displaystyle \sum _{h=1}^{\infty }{\frac {h}{h^{s}}}=\zeta (s-1)}
歐拉函數生成的朗貝級數 如下：
∑
n
=
1
∞
φ
(
n
)
q
n
1
−
q
n
=
q
(
1
−
q
)
2
{\displaystyle \sum _{n=1}^{\infty }{\frac {\varphi (n)q^{n}}{1-q^{n}}}={\frac {q}{(1-q)^{2}}}}
其對於滿足 |q |<1 的q 收斂 。
推導如下：
∑
n
=
1
∞
φ
(
n
)
q
n
1
−
q
n
=
∑
n
=
1
∞
φ
(
n
)
∑
r
≥
1
q
r
n
{\displaystyle \sum _{n=1}^{\infty }{\frac {\varphi (n)q^{n}}{1-q^{n}}}=\sum _{n=1}^{\infty }\varphi (n)\sum _{r\geq 1}q^{rn}}
後者等價於：
∑
k
≥
1
q
k
∑
n
|
k
φ
(
n
)
=
∑
k
≥
1
k
q
k
=
q
(
1
−
q
)
2
.
{\displaystyle \sum _{k\geq 1}q^{k}\sum _{n|k}\varphi (n)=\sum _{k\geq 1}kq^{k}={\frac {q}{(1-q)^{2}}}.}
隨著n 變大，估計
φ
(
n
)
{\displaystyle \varphi (n)}
n 為質數時，
φ
(
n
)
=
n
−
1
{\displaystyle \varphi (n)=n-1}
φ
(
n
)
{\displaystyle \varphi (n)}
n 差得很遠。
在n 足夠大時，有估計：
對每個 ε > 0，都有n > N (ε)使得
n
1
−
ε
<
φ
(
n
)
<
n
{\displaystyle \,n^{1-\varepsilon }<\varphi (n)<n}
如果考慮比值：
φ
(
n
)
/
n
,
{\displaystyle \,\varphi (n)/n,}
由以上已經提到的公式，可以得到其值等於類似
1
−
p
−
1
{\displaystyle 1-p^{-1}}
n 將是兩兩不同的質數的乘積。由素數定理 可以知道，常數 ε 可以被替換為：
C
log
log
n
/
log
n
.
{\displaystyle C\,\log \log n/\log n.}
φ
{\displaystyle \varphi }
n 很相近的，因為：
1
n
2
∑
k
=
1
n
φ
(
k
)
=
3
π
2
+
O
(
log
n
n
)
{\displaystyle {\frac {1}{n^{2}}}\sum _{k=1}^{n}\varphi (k)={\frac {3}{\pi ^{2}}}+{\mathcal {O}}\left({\frac {\log n}{n}}\right)}
其中的O 表示大O符號 。這個等式也可以說明在集合 {1, 2, ..., n } 中隨機選取兩個數，則當n 趨於無窮大時，它們互質的概率趨於
6
/
π
2
{\displaystyle 6/\pi ^{2}}
φ
(
n
)
/
n
{\displaystyle \varphi (n)/n}
1
n
∑
k
=
1
n
φ
(
k
)
k
=
6
π
2
+
O
(
log
n
n
)
.
{\displaystyle {\frac {1}{n}}\sum _{k=1}^{n}{\frac {\varphi (k)}{k}}={\frac {6}{\pi ^{2}}}+{\mathcal {O}}\left({\frac {\log n}{n}}\right).}
φ
(
n
m
)
=
n
m
−
1
φ
(
n
)
{\displaystyle \;\varphi \left(n^{m}\right)=n^{m-1}\varphi (n)}
∀
a
∈
N
,
∀
n
∈
N
,
∃
l
∈
N
{\displaystyle \forall a\in N,\forall n\in N,\ \exists l\in N}
[
(
a
>
1
∧
n
>
1
)
→
(
l
|
φ
(
a
n
−
1
)
∧
l
≥
n
)
]
{\displaystyle [(a>1\land n>1)\rightarrow (l|\varphi (a^{n}-1)\land l\geq n)]}
∀
a
∈
N
,
∀
n
∈
N
,
∃
l
∈
N
{\displaystyle \forall a\in N,\forall n\in N,\ \exists l\in N}
[
(
a
>
1
∧
n
>
6
∧
4
∤
n
)
→
(
l
|
φ
(
a
n
−
1
)
∧
l
≥
2
n
)
]
{\displaystyle [(a>1\land n>6\land 4\nmid n)\rightarrow (l|\varphi (a^{n}-1)\land l\geq 2n)]}
∑
d
∣
n
μ
2
(
d
)
φ
(
d
)
=
n
φ
(
n
)
{\displaystyle \sum _{d\mid n}{\frac {\mu ^{2}(d)}{\varphi (d)}}={\frac {n}{\varphi (n)}}}
∑
1
≤
k
≤
n
(
k
,
n
)
=
1
k
=
1
2
n
φ
(
n
)
for
n
>
1
{\displaystyle \sum _{1\leq k\leq n \atop (k,n)=1}\!\!k={\frac {1}{2}}n\varphi (n){\text{ for }}n>1}
∑
k
=
1
n
φ
(
k
)
=
1
2
(
1
+
∑
k
=
1
n
μ
(
k
)
⌊
n
k
⌋
2
)
{\displaystyle \sum _{k=1}^{n}\varphi (k)={\frac {1}{2}}\left(1+\sum _{k=1}^{n}\mu (k)\left\lfloor {\frac {n}{k}}\right\rfloor ^{2}\right)}
∑
k
=
1
n
φ
(
k
)
k
=
∑
k
=
1
n
μ
(
k
)
k
⌊
n
k
⌋
{\displaystyle \sum _{k=1}^{n}{\frac {\varphi (k)}{k}}=\sum _{k=1}^{n}{\frac {\mu (k)}{k}}\left\lfloor {\frac {n}{k}}\right\rfloor }
∑
k
=
1
n
k
φ
(
k
)
=
O
(
n
)
{\displaystyle \sum _{k=1}^{n}{\frac {k}{\varphi (k)}}={\mathcal {O}}(n)}
∑
k
=
1
n
1
φ
(
k
)
=
O
(
log
(
n
)
)
{\displaystyle \sum _{k=1}^{n}{\frac {1}{\varphi (k)}}={\mathcal {O}}(\log(n))}
φ
(
n
)
>
n
e
γ
log
log
n
+
3
log
log
n
{\displaystyle \varphi (n)>{\frac {n}{e^{\gamma }\;\log \log n+{\frac {3}{\log \log n}}}}}
n > 2，γ 為歐拉-馬歇羅尼常數 。
φ
(
n
)
≥
n
2
{\displaystyle \varphi (n)\geq {\sqrt {\frac {n}{2}}}}
n > 0。對整數n > 6，
φ
(
n
)
≥
n
{\displaystyle \varphi (n)\geq {\sqrt {n}}}
當n 為質數時，顯然有
φ
(
n
)
=
n
−
1
{\displaystyle \varphi (n)=n-1}
合數 的n ，則有：
φ
(
n
)
≤
n
−
n
{\displaystyle \varphi (n)\leq n-{\sqrt {n}}}
若p φ (p ) = p − 1德里克·亨利·萊默 問說是否有合成數n φ (n ) n − 1[ 13]
1933年萊默證明說若有這樣的
n
{\displaystyle n}
n
{\displaystyle n}
無平方因子數 ，且必然有至少七個不同的質因數（
ω
(
n
)
≥
7
{\displaystyle \omega (n)\geq 7}
n
{\displaystyle n}
n
>
10
20
{\displaystyle n>10^{20}}
n
{\displaystyle n}
ω
(
n
)
≥
14
{\displaystyle \omega (n)\geq 14}
[ 14]
n
{\displaystyle n}
n
>
10
1937042
{\displaystyle n>10^{1937042}}
n
{\displaystyle n}
ω
(
n
)
≥
298848
{\displaystyle \omega (n)\geq 298848}
[ 15] [ 16]
此猜想認為說不存在正整數n m m ≠ n φ (m ) ≠ φ (n )Ford定理 一節的說明。
若有一個如此的反例存在，就必有無限多的反例存在，而最小的可能反例，在十進位下，其位數超過一百億。[ 4]
黎曼猜想 成立，當且僅當以下不等式對所有的n ≥ p 120569 #p 120569 #120569 質數的乘積 ：
n
φ
(
n
)
<
e
γ
log
log
n
+
e
γ
(
4
+
γ
−
log
4
π
)
log
n
{\displaystyle {\frac {n}{\varphi (n)}}<e^{\gamma }\log \log n+{\frac {e^{\gamma }(4+\gamma -\log 4\pi )}{\sqrt {\log n}}}}
此處的γ 歐拉常數 。[ 17]
template < typename T >
inline T phi ( T n ) {
T ans = n ;
for ( T i = 2 ; i * i <= n ; ++ i )
if ( n % i == 0 ) {
ans = ans / i * ( i - 1 );
while ( n % i == 0 ) n /= i ;
}
if ( n > 1 ) ans = ans / n * ( n - 1 );
return ans ;
}
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^ Broughan, Kevin. Equivalents of the Riemann Hypothesis, Volume One: Arithmetic Equivalents First. Cambridge University Press. 2017. ISBN 978-1-107-19704-6
![{\displaystyle [(a>1\land n>1)\rightarrow (l|\varphi (a^{n}-1)\land l\geq n)]}](https://wikimedia.org/api/rest_v1/media/math/render/svg/580703fbafb9bc0f881425b2a65ce95e2c98eeb7)
![{\displaystyle [(a>1\land n>6\land 4\nmid n)\rightarrow (l|\varphi (a^{n}-1)\land l\geq 2n)]}](https://wikimedia.org/api/rest_v1/media/math/render/svg/d7f52bf7a4c789d0247a5b71dd96b059946233fa)
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